I. Cơ sở lý luận
Xét một peptit gồm n gốc α-amino axit.
1. Môi trường trung tính
Peptit (n mắc xích) + (n – 1)H2O → n. α – Axit amin
* Bình luận:
meptit + mH2O = mα – axit amin
ví dụ 1: Thủy phân hoàn toàn 28,48 g Ala thu được 32 g hỗn hợp Ala-Ala. giá trị m
MỘT. 54,36.
b. 81,54.
C. 47,25.
Đ. 64.08.
Khuyên nhủ
nAla = 0,32 mol; nAla-Ala = 0,2 mol
Tổng số mol Ala = 0,32 + 0,2. 2 = 0,72 mol
mpeptit = 0,72 / 4.(89,4 – 18,3 ) = 54,36 g
→ Trả lời: A
2. Môi trường axit
Peptit + ( n – 1 ) H2O + nHCl → nClNH3RCOOH
* Bình luận:
MỘT. Mpeptit = Mα–axit amin–18 (n–1 )
b. npeptit + nH2O = nHCL = nmuối
c. mmuối = meptua + mH2O + mHCl
Ví dụ 2: Thủy phân 60 g hợp chất đipeptit thu được 63,6 g hợp chất X gồm các amino axit (chỉ có 1 nhóm -NH2 và 1 nhóm -COOH). Nếu phản ứng với dung dịch HCl dư, làm bay hơi cẩn thận dung dịch thì thu được m gam muối khan.
MỘT. 78.2.
di dời. 16.3.
Cũ. 7.09.
Dễ. 8.15
Khuyên nhủ
nH2O = ( 63,6 – 60 ) / 18 = 0,2 mol
đipeptit + H2O → 2 – aminoaxit
0,2 0,4
– Amino axit + HCl → muối
0,4 0,4
→ mmuối = 63,6 + 0,4. 36,5 = 78,2 gam
→ Trả lời: A
3. Môi trường kiềm
Peptit + nNaOH → nNH2RCOONa + 1H2 O
* Bình luận:
MỘT. npeptit = n
b. nNaOH PU = nsalt = n.nn – Peptit
c. mmuối = mpeptit + mNaOH – mH2O
* Ghi chú: Dù giá trị của n là bao nhiêu, nước vẫn là hệ số của 1.
Ví dụ 3: Thủy phân hoàn toàn hai peptit mạch hở X (C11H19O6N5) và Y (C10H19O4N3) trong dung dịch NaOH thu được 2,78 gam muối valin, 3,33 gam muối của alanin và m gam muối của glyxin. giá trị m
MỘT. 8,73.
di dời. 13,58.
Cũ. 5,82.
Dễ. 10.67.
Khuyên nhủ
nValNa = 0,02 mol
nAlaNa = 0,03 mol
Gọi x, y là số mol của X, Y
X là pentapeptit có 11C → X: Ala(Gly)4: x mol
Y là tripeptit 10C → Y : ValAlaGly : y mol
Ta có: y = 0,02 mol
x + y = 0,03 mol
→ x = 0,01 mol
→ nGly = 4 x + y = 0,06 mol
→ mGlyNa = 0,06. 97 = 5,82 gam
→ Trả lời:
II. bài tập ứng dụng
Bài 1: Thủy phân 500 g một polipeptit thu được 170 g alanin. Nếu polipeptit có phân tử khối là 50.000 đvC thì alanin có bao nhiêu mắt xích?
MỘT. 175.
di dời. 170.
Cũ. 191.
Dễ. 210.
Khuyên nhủ
500 g polipeptit thủy phân → 170 g alanin
50000 / / → 89 x / /
→ x = 191
→ Trả lời:
Bài tập 2: Thủy phân hoàn toàn 55,95g một peptit X thu được 66,75g alanin (là một amino axit đơn chức). X là gì?
MỘT. tripeptit
di dời. Tetrapeptit
Cũ. Pentapeptit
Dễ. đipeptit
Khuyên nhủ
tiền lãi = m / m = 66,75 / 89 = 0,75 mol
Theo định luật bảo toàn khối lượng ta có:
Mpeptit + mH2O = Melanin → mH2O = Melanin – mpeptit = 66,75 – 55,95 = 10,8 g
→ nH2O = m/M = 10,8/18 = 0,6 mol
Vì X chỉ được tạo ra từ alanin → X có dạng: (ala ) n .
Phương trình hóa học:
(Ala)n + (n-1)H2O → nAla
(n – 1) n nốt ruồi
0,6 0,75 mol
→ 0,75 (n – 1 ) = 0,6 n → n = 5
Vậy X là pentapeptit có công thức: Ala-Ala-Ala-Ala-Ala.
→ Chọn C .
bài tập 3: Một peptit mạch hở có CTPT là X C14H26O5N4. Thủy phân hoàn toàn 0,1 mol X trong dung dịch NaOH đun nóng thu được m gam hợp chất muối của các -amino axit (đều có 1 nhóm -COOH và 1 nhóm -NH2). giá trị m
MỘT. 47,2 gam
di dời. 49,0 gam
Cũ. 51,2 gam
Dễ. 49,4 gam
Khuyên nhủ
X chứa 4N X là một tetrapeptit
C14H26O5N4 + 4NaOH → 4 H2N-R-COONa + H2O
0,1 0,4 0,1
Theo quy chuẩn kỹ thuật: mmuối = 0,1. 330 + 0,4. 40 – 0,1. 18 = 47,2 gam
→ Trả lời: A
Bài tập 4: Thủy phân triệt để hợp chất N thu được 60 g glyxin, 80,1 g alanin và 80,1 g.Mỗi m gam hợp chất N chứa 3 peptit X, Y, Z (đều mạch hở) có tỉ lệ mol tương ứng là 2:3:5 . 117 gam valin. Lưu ý rằng số liên kết peptit trong X, Y và Z khác nhau và có tổng bằng 6. giá trị của m
MỘT. 176.5.
di dời. 257.1.
Cũ. 226.5.
Dễ. 255.4.
Khuyên nhủ
nGly = 0,8 mol; nAla = 0,9 mol; nVal = 1 mol
Tỷ lệ : Cành : Ala : Đuôi = 0,8 : 0,9 : 1 = 8 : 9 : 10
2X + 3Y + 5Z → ((Gly)8(Ala)9(Val)10)k + 9H2O
Theo giả thuyết, tổng số kết nối – CONH – là 6 lần
2.3 + 3.2 + 5.1 + 9 27k -1 2.1+3.2 + 5.3 + 9
26 27 K – 1 32
K = 1
2X + 3Y + 5Z → ((Gly)8(Ala)9(Val)10)k + 9H2O
0,1 0,9
Theo ĐLBTKL:
mX + mY + mZ = m(Gly)8(Ala)9(Val)10 + mH2O = 226,5 gam
→ Trả lời:
Bài tập 5: Thủy phân không hoàn toàn 54g peptit X thu được 0,06 mol đồng phân nhánh-nhánh-nhánh-nhánh; 0,08 mol Gly-Gly-Gly và m gam Gly. giá trị m
MỘT. 40,5
di dời. 36,0
Cũ. 39,0
Dễ. 28,5
Khuyên nhủ
npeptit = 54 : ( 6,75 – 5,18 ) = 0,15 mol
→ Tổng số mol nhánh = 0,15. 6 = 0,9 mol
→ số mol nhánh sau khi thủy phân
= 0,9 – (0,06.2 2 + 0,08.3) = 0,54 mol
→ m = 0,54. 75 = 40,5 gam
→ Trả lời: A
Bài tập 6: 43,4g peptit X (mạch hở) bị thủy phân hoàn toàn thu được 35,6g alanin và 15,0g glixin. Đốt cháy hoàn toàn 13,02 g X thu được m gam. Tiến hành đem chế phẩm tác dụng với lượng dư nước vôi trong thu được m gam kết tủa. giá trị m
MỘT. 50
di dời. 52.
Cũ. 46.
Dễ. 48.
Khuyên nhủ
X + H2O → Glyxin + Alanin
43,4 15,0 35,6
Theo MLRS: mH2O = 35,6 + 15,0 – 43,4 = 7,2 g
nH2O = 0,4 mol
nGly = 0,2 mol
nAla = 0,4 mol
Ta có : Ala : Nhánh : H2O = 0,4 : 0,2 : 0,4 = 2 : 1 : 2
X là bộ ba
2Ala-1Gly + O2 → 8CO2
0,06 0,48
Ca(OH)2 + CO2 → CaCO3 + H2O
Lượng mưa = 0,48. 100 = 48 gam
→ Trả lời: Dễ dàng
bài tập 7: X là amino axit có công thức H2NCnH2nCOOH, Y là axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở. Cho hỗn hợp E gồm các peptit Ala-XX và Y phản ứng vừa đủ với 450 mL dung dịch NaOH 1M thu được m gam muối Z. Đốt cháy hoàn toàn Z cần 35,28 lít khí O2 (dktc). 69,35 gam hỗn hợp gồm N2, Na2CO3 và CO2, H2O. Y là khối lượng muối
MỘT. 16,50 gam.
di dời. 14,55 gam.
Cũ. 26,10 gam.
Dễ. 12,30 gam.
Khuyên nhủ
Gọi công thức của muối Z là
C3H6O2NNa : x mol
CnH2nO2NNa : 2 x mol
CmH2m–1O2 Na : y mol
Ta có: nNaOH = 3 x + y = 0,45 (1 )
Z = 2 nNaOH = 0,9 mol trong nO
nNa2CO3 = 1/2 nNaOH = 0,225 mol
Theo O : 2 nCO2 + nH2O = 0,9 + 1,575. 2 – 0,225. 3
2 a + b = 3,375 ( 2 )
Theo giả thiết: mCO2 + mH2O = 44 a + 18 b = 69,35 (3 )
Từ (2) và (3) a = nCO2 = 1,075 mol và b = nH2O = 1,225 mol.
nCO2 = 3 x + 2 nx + my – 0,225 = 1,075 ( 3 )
nH2O = 3 x + 2 nx + my–y/2 = 1,225 (4)
(3) – (4) Lấy y = 0,15 và x = 0,1 mol.
Thay x và y vào ( 3 ) ta được:
4 n + 3 m = 20 n = ( 20 – 3 m ) / 4
Giá trị tốt nhất là m = 4 và n = 2
Khối lượng muối Y là C3H7COONa
mmuối Y = 110.0,15 = 16,5 g
→ Trả lời: A
Bài tập 8: X là tetrapeptit Ala-Gly-Val-Ala, Y là tripeptit Val-Gly-Val. Đun nóng m gam hỗn hợp chứa X và Y có tỉ lệ mol tương ứng là 1:3 với dung dịch NaOH vừa đủ. Cô cạn cẩn thận dung dịch D thu được 23,745 gam chất rắn khan. giá trị m
MỘT. 17.025.
di dời. 68.100.
Cũ. 19.455.
Dễ. 78.400.
Khuyên nhủ
Gọi x là số mol của X thì 3 x là số mol của Y
mX = 316 x
(Trong đó: Ala 2 x mol, Gly x mol và Val x mol)
mY = 273,3 x
(Trong: Gly 3 x mol và Val 6 x mol)
( X + Y ) + NaOH a hh muối ( CH3-CH( NH2 ) – COONa 2 x ; H2N-CH2-COONa 4 x và CH( CH3 )2 – CH( NH2 ) – COONa 7 x ) + H2O
→ mmuối = 2 x. 111 + 4x. 97 + 7x. 139 = 23,745
→ x = 0,015 mol
→ mhh thứ nhất = 316.0,015 + 273.3.0,015 = 17,025 g
→ Trả lời: A
Bài tập 9: X là amino axit có công thức H2NCnH2nCOOH, Y là axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở. Cho hỗn hợp E gồm các peptit Ala-XX và Y phản ứng vừa đủ với 450 mL dung dịch NaOH 1M thu được m gam muối Z. Đốt cháy hoàn toàn Z cần 35,28 lít khí O2 (dktc). 69,35 gam hỗn hợp gồm N2, Na2CO3 và CO2, H2O. Y là khối lượng muối
MỘT. 16,50 gam.
di dời. 14,55 gam.
Cũ. 26,10 gam.
Dễ. 12,30 gam.
Khuyên nhủ
Gọi công thức của muối Z là
C3H6O2NNa : x mol
CnH2nO2NNa : 2 x mol
CmH2m–1O2 Na : y mol
Ta có: nNaOH = 3 x + y = 0,45 (1 )
Z = 2 nNaOH = 0,9 mol trong nO
nNa2CO3 = 1/2 nNaOH = 0,225 mol
Theo O : 2 nCO2 + nH2O = 0,9 + 1,575. 2 – 0,225. 3
2 a + b = 3,375 ( 2 )
Theo giả thiết: mCO2 + mH2O = 44 a + 18 b = 69,35 (3 )
Từ (2) và (3) a = nCO2 = 1,075 mol và b = nH2O = 1,225 mol.
nCO2 = 3 x + 2 nx + my – 0,225 = 1,075 ( 3 )
nH2O = 3 x + 2 nx + my–y/2 = 1,225 (4)
(3) – (4) Lấy y = 0,15 và x = 0,1 mol.
Thay x và y vào ( 3 ) ta được:
4 n + 3 m = 20 n = ( 20 – 3 m ) / 4
Các giá trị hợp lý nhất là m = 4 và n = 2
Khối lượng muối Y là C3H7COONa
mmuối Y = 110.0,15 = 16,5 g
→ Trả lời: A
Trung tâm Luyện thi, Gia sư – Home NTIC Da Nang Coaching
Liên hệ ngay với chúng tôi để biết thêm chi tiết
Đào tạo NTIC
Địa chỉ: Đường Nguyễn Lương Bằng, Phường Hòa Khánh Bắc, Quận Liễu Chiểu, TP Đà Nẵng
đường dây nóng: 0905540067 – 0778494857
E-mail: [email protected]
